P1164-小A点菜
#include<iostream>
using namespace std;
const long long N = 1e5 + 9;
int dp[1000][1000];
int a[N];
int main() {
long long m, n,ans=0;
cin >> n >> m;
for (int i = 1; i <= n; i++) cin >> a[i];
for (int i = 0; i <= n; i++) {
dp[i][0] = 1;
}
for (int i = 1; i <= n; i++) {
for (int j = 1; j <= m; j++) {
if (j >= a[i]) {
dp[i][j] += dp[i - 1][j - a[i]];
}
dp[i][j] += dp[i - 1][j];
}
}
cout << dp[n][m];
return 0;
}
\(line :11\) 为所有花费 0 元的商品的方法赋值为 1; 因为花费0元的方法,有且仅有一种,那就是都不买
\(line:13-14\) 两次循环,外循环为商品的数目,内循环为 花费的钱 ,即表示 每 \(i:(1\to n)\) 件商品 花费 \(j:(1 \to m)\) 元 的方法数, 先历遍商品数.(动态规划的方程为$ dp[i][j] += dp[i - 1][j - a[i]]$ 就是通过 \(i-1\) 的数目推出 \(i\) 的数目,所以先历遍商品数)
if (j >= a[i]) {
dp[i][j] += dp[i - 1][j - a[i]];
}
dp[i][j] += dp[i - 1][j];
其中 \(dp[ i ][ j ]\) 表示前 \(i\) 个商品花费 $ j $ 元的方法数.
\(dp[i][j]\)一共有两种情况:
- 买第 \(i\) 件商品 : \(dp[i][j] += dp[i - 1][j - a[i]]\) 相当于 在 前 \(i-1\) 件商品 花费 \(j-a[i]\) 元 的基础之上 卖下了花费\(a[i]\) 元的 \(i\) 这件商品(前提是\(j>= a[i]\) 可以买)
- 不买第 \(i\) 件商品:$dp[i][j] += dp[i - 1][j] $ 那么就表示 前\(i\) 件商品 和前 \(i-1\) 件商品一样 花费了 \(j\) 元
因为求的是方法,所以两种情况都要加上, 其中不买 \(i\) 这件商品 这种情况一定存在
最后输出 \(dp[n][m]\) ,即一共 \(n\) 件商品 花费 m元的方法
优化为一维数组
为何可以优化?:
每次循环只用到了 \(i\) 的上一个 \(i-1\)
所以由 \(dp[i][j]\) 可以变为 \(dp[j]\)
#include<iostream>
using namespace std;
const long long N = 1e5 + 9;
int dp[N];
int a[N];
int main() {
long long m, n, ans = 0;
cin >> n >> m;
for (int i = 1; i <= n; i++) cin >> a[i];
dp[0]= 1;//表示最初始的那个,第一个商品花费0元的方法为1;
for (int i = 1; i <= n; i++) {
for (int j = m; j >= 1; j--) {//注意这里要反过来应为dp[j-a[i]]可能已经改变了
//这里省略了一步就是 dp[j]=dp[j] 这表示 不买的情况,下一个和上一个的方法数是一样的
if (j >= a[i]) {
dp[j] += dp[j - a[i]];//逐渐迭代
}
}
}
cout << dp[m];
return 0;
}
\(line:15\) 一维的 \(dp[j] += dp[j - a[i]]\) 对比 二维的 \(dp[i] [j] += dp[i - 1] [j - a[i]]\)
- \(dp[j] += dp[j - a[i]]\) , 表示 花费\(j-a[i]\)元可以卖下前\(i-1\)个商品 的方法数的基础上 买下\(i\)这件商品的方法数,直接覆盖掉 \(dp:i-1\)的
- 所以要倒过来历遍\(j:(m\to 1)\),以防 \(dp[j-a[i]]\) 被覆盖了
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